一、单项选择
1．关于物体的内能，下列说法正确的是( ) A．温度相等的1kg和100g的水内能相同 B．物体内能增加，一定要从外界吸收热量 C．温度为0℃的物体没有内能
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少 【考点】温度、热量与内能的关系． 【专题】分子热运动、内能．
【分析】任何物体在任何温度下都具有内能，内能与物体的质量、温度、状态等因素有关． 【解答】解：A、水的内能不仅与温度有关，还和水的质量有关；故温度相等的1kg水和100g水的内能不同；故A错误；
B、改变内能的方法有两种，做功和热传递；物体内能增加，可能是从外界吸收热量，也可能外界对它做功；故B错误；
C、一切物体都有内能，故C错误；
D、物体的内能与温度有关；同一物体温度升高时，内能增加，温度降低时，内能将减小；故D正确． 故选D．
【点评】此题考查了物体内能方面的知识，包括内能的概念、改变内能的方法（做功、热传递）等；温度影响物体的内能，运用所学的内能方面知识可解决此题．
2．下列现象中不能用分子动理论解释的是( ) A．酒香不怕巷子深
B．北方冬天煤堆在墙角，一段时间后，墙角的砖也变黑了 C．沙尘暴起，尘土满天
D．衣橱里的樟脑球会逐渐变小
【考点】分子动理论的基本观点． 【专题】分子热运动、内能．
【分析】分子动理论包括：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力．进行分析判断即可．
【解答】解：A、是因为酒中含有的分子不断运动，向四周扩散，使人们闻到酒香味，能用分子运动理论解释．
B、北方冬天煤堆在墙角，一段时间后，墙角的砖变黑，是发生了扩散现象，是分子做无规则运动的结果，能用分子运动理论解释；
C、沙尘暴起，尘土满天，是沙尘在风的作用下被扬起，分散到空气中，不能用分子运动理论解释．
D、樟脑球逐渐变小，是升华现象，是固态物质变为气态扩散到空气中的现象，能用分子运动理论解释． 故选C． 【点评】本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键．
3．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( ) A．物体的温度越高，所含热量越多
B．温度高的物体，内能一定大 C．0℃的冰块，内能一定为零
D．温度相同的两物体间不会发生热传递
【考点】温度、热量与内能的关系；热传递． 【专题】压轴题．
【分析】做本题需掌握：温度和内能是一状态量，热量是一过程量，它们分别对应的术语不同
【解答】解：A、热量是一过程量，它所对应的术语是“吸收”和“放出”，不能用“含有”．故A不正确；
B、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度高的物体内能不一定大，只有当质量和状态一定时，温度高内能一定大．故B不正确；
C、一切物体都具有内能，0℃的冰，即使温度更低也具有内能，因为一切物体分子都在永不停息地做无规则运动．故C不正确；
D、发生热传递的条件是：有温度差．所以温度相同的两物体间不发生热传递．故D正确． 故选D．
【点评】本题考查学生对温度、内能、热量区别的理解和掌握情况，是中考的热点．
4．关于比热容，下列说法正确的是( ) A．物体的比热容与温度、质量都没有关系 B．物体的比热容跟物体的温度有关 C．物体的质量越大，它的比热容越大
D．物体的比热容跟物体吸收或放出的热量有关 【考点】比热容的概念．
【专题】应用题；比热容、热机、热值．
【分析】单位质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容；
比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，与物质的种类、状态有关． 【解答】解：
A、物体的比热容与物质的种类和物体的状态有关，与物体的温度、质量是无关的，所以A正确；
B、比热容的大小和物体的温度无关，所以B错误； C、比热容的大小和物体的质量无关，所以C错误； D、比热容跟物体吸收或放出的热量无关，所以D错误． 故选A． 【点评】此题考查的是我们对于比热容的理解，我们要知道比热容只与物质的种类和状态有关，与其它因素无关．
5．如图所示四个电路图中与实物图相对应正确的是( )
A． B． C． D．
【考点】根据实物图画电路图．
【专题】图析法．
【分析】由实物图可知，电流从电源的正极出发，经过总开关后，分别流经两个灯泡，经过一个灯泡后，直接回到负极，经过另一个灯泡后，再经过开关，回到负极，两灯并联，一只开关在支路上控制灯泡，另一只开关在干路上，对各选项逐一分析． 【解答】解：A、在A中，两只灯泡串联，不合题意． 在B中，开关闭合后，一只灯泡被短路，不合题意．
在C中，两只灯泡并联，一只开关在支路上控制灯泡，另一只开关在干路上，符合题意． 在D中，两只灯泡并联，两只开关都在干路上，不合题意． 故选C．
【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是分析实物图中电路的连接，根据实物图画出对应的电路图，这是本题的重点也是难点．
6．下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况．关于对图中①②③④的补充正确的是( )
A．①做功冲程②内能转化为机械能 ③压缩冲程 ④机械能转化为内能 B．①压缩冲程 ②内能转化为机械能 ③做功冲程 ④机械能转化为内能 C．①做功冲程 ②机械能转化为内能 ③压缩冲程 ④内能转化为机械能 D．①压缩冲程 ②机械能转化为内能 ③做功冲程 ④内能转化为机械能 【考点】内燃机的四个冲程． 【专题】比热容、热机、热值．
【分析】内燃机的一个工作循环包括四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，这四个冲程的顺序是一定的，不能改变．
其中的压缩冲程和做功冲程进行了两次重要的能量转化：压缩冲程是机械能转化为内能；做功冲程是内能转化为机械能．
【解答】解：根据内燃机的工作过程可知，第二个冲程是压缩冲程，在此过程中活塞压缩气缸内的气体，将机械能转化为内能，气缸内的气体温度升高． 第三个冲程是做功冲程，此时燃料燃烧生成的高温高压的燃气推动活塞对外做功，将内能转化为机械能． 故选D．
【点评】本题考查汽油机的工作循环及能量转化．明确内燃机的四个冲程，并且知道每个冲程中的能量转化是解决此题的关键．
7．如图的电路中，电流表测量的是( )
A．通过灯L1的电流 B．通过灯L2的电流 C．通过灯L1和灯L2的电流之和 D．电源供给电路的总电流 【考点】电流表的使用． 【专题】电流和电路．
【分析】电流表的正确使用方法：串联在被测电路中；电流要从“+”接线柱流入电流表，“﹣”接线柱流出电流表；不要超出电流表的量程；绝对不允许不经过任何用电器直接把电流表接在电源的两极上．
【解答】解：从电路图中可以看出，电流表和灯泡L2串联，因此电流表测量的是灯泡L2中的电流． 故选B 【点评】正确使用电流表是初中学生学习应掌握的一种基本测量仪器．本题考查了电流表的使用．电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，且接线柱要接正确．
8．在如图所示的电路中，电源电压为3V，当开关S1、S2都闭合时，则( )
A．电压表的示数为3V B．电流表将被烧坏 C．灯L1不亮、灯L2亮 D．两只灯都将被烧坏 【考点】电路的动态分析．
【专题】应用题；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，两灯泡和电压表被短路，电流从正极出发，经电流表后，直接回到电源的负极；然后根据短路特点得出电路现象．
【解答】解：由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，两灯泡和电压表被短路，电流从正极出发，经电流表后，直接回到电源的负极， ∵用电器短路时，不能工作，
∴两灯泡不亮且不会被烧坏，电压表无示数，故ACD不正确， ∵电源短路时，电流过大，会烧坏电源和电流表， ∴电流表将被烧坏，故B正确． 故选B．
【点评】分析好开关闭合后电路的连接方式和利用好电路的三种状态是解决本题的关键．
9．某同学利用图示电路研究并联电路电流的规律．闭合开关S再迅速断开，发现接通电路的短时间内，两只小灯泡均发光，电流表的指针正向偏转超过最大刻度．产生这种现象的原因可能是( )
A．小灯泡Ll发生短路 B．小灯泡L2发生短路
C．电流表使用的量程小了 D．电流表的接线柱接反了 【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用． 【专题】压轴题；逆推法．
【分析】使用电流表测量电流时，必须使电流表与用电器串联，使电流从“+”接线柱流入，从“﹣”流出，并且被测电流不能超过电流表的最大量程． 【解答】解：
A 如果灯泡L1短路，电路电流很大，但灯泡L1不会发光．此选项不符合题意； B 如果灯泡L2短路，电路电流很大，但灯泡L2不会发光．此选项不符合题意；
C 如果电流表使用的量程太小，因为电流较大，所以指针会迅速转到最右侧，超过最大刻度．此选项符合题意；
D 如果电流表的接线柱接反了，闭合开关，指针会向左偏转．此选项不符合题意． 故选C．
【点评】使用电流表时，指针偏转不正常的情况有四种：①不偏转，原因是电路断路或电流表短路；②偏转角度很小，原因是电流太小或选择的量程太大；③指针迅速转到最右侧，原因是电流太大或选择的量程太小；④指针倒转，原因是电流方向错了．
10．在如图所示电路中，电流表A1、A2、A3中的示数分别为I1、I2、I3，则它们之间的正确关系是( )
A．I1=I2=I3 B．I3=I1+I2 C．I1＜I2＜I3 D．I1＞I2＞I3 【考点】并联电路的电流规律． 【专题】电流和电路．
【分析】并联电路的干路电流等于各支路电流之和；
首先分析出三块电流表所测的电路，根据并联电路的电流特点进行分析．
【解答】解：由图知，三盏灯泡并联，A3测通过三盏灯的电流和，A2测通过L1和L2的电流，A1测通过L1的电流；
所以A3的示数最大，其次是A2的示数，A1的示数最小． 故选C．
【点评】此题考查了并联电路电流的关系，能正确分析电流表所测的电路是解决此题的关键，是一道易错题．
二、多选题．
11．夏天，将冷冻的饮料，从冰箱中拿出后( ) A．饮料的内能将减小 B．饮料的内能将增大 C．饮料将吸收热量 D．饮料将放出热量 【考点】物体内能的改变． 【专题】应用题；热和能．
【分析】①物体内能改变的方式：做功和热传递；
②发生热传递的条件是存在温度差；温度低的物体吸收热量，内能增加，温度高的物体放出热量，内能减少．
【解答】解：夏天，从冰箱中拿出的冷冻饮料温度较低，低于周围空气的温度，所以会从周围空气中吸收热量，内能增大；故选项BC正确，选项AD错误． 故选：BC．
【点评】本题考查了物体内能的改变和热传递条件的应用，属于基础题．
12．在如图所示的电路中，通过灯泡L1的电流为0.7A，电流表A2的示数为0.5A．下列判断正确的是( )
A．电流表A1的示数为0.7A B．电流表A1的示数为1.2A
C．通过灯泡L2的电流为0.5A D．通过灯泡L2的电流为1.2A 【考点】并联电路的电流规律；串联电路和并联电路的辨别．
【分析】把电流表看作导线，先分析两灯泡的连接方式，然后再分析电流表所测的是谁的电流，最后用电流规律进行计算．
【解答】解：由图可知，电路中电流发生了分流，L1与L2并联，电流表A1测的是干路电流，A2测的是通过L2的电流．
题中已知通过L1的电流是0.7A和A2的示数（即通过L2的电流）是0.5A，由并联电路电流规律：干路电流等于各支路电流之和，所以A1示数是1.2A． 故选 B、C．
【点评】做电学题时，如果题中有电路图或实物图，一定要先分析电路的连接情况，然后才能用串联或并联电路的规律去求解．
13．下列现象中不能说明“一切物体里的分子都在不停地做无规则运动”的是( ) A．在果品店里能闻到水果的香味 B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会便咸
C．早晨扫地时，常常看到室内阳光下尘土飞扬 D．洒在桌面上的酒精，过一会儿都蒸发了
【考点】分子动理论与热现象的缘由；分子的运动；扩散现象． 【专题】错解分析题；分子热运动、内能．
【分析】分子的体积很小，用肉眼几乎观察不到．
分子在永不停息地做无规则运动，其运动速度与温度有关，温度越高，运动速度越快． 根据各个选项的具体内容，分别进行分析．
【解答】解：A、水果的香味分子不停地做无规则运动的结果，不符合题意．
B、盐分子在水中做无规则运动，不符合题意．
C、尘埃在空中飞舞，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，分子是看不见的，符合题意． D、酒精瓶打开可以闻到酒精气味，是酒精分子不停地做无规则运动的结果，不符合题意． 故选C．
【点评】本题考查学生对分子动理论的掌握，知道分子和固体小颗粒的区别，我们需要注意的是分子是看不见的．
14．关于电路的说法正确的是( ) A．电源是提供电能的装置
B．只要有电压，电路中就一定会有电流
C．电路接通后，电流从电源的正极通过用电器流向电源的负极 D．给电瓶车充电，就是将电能转化为化学能的过程
【考点】电流的形成；电流的方向；电源及其能量转化． 【专题】应用题；电流和电路．
【分析】根据电源的作用、持续电流的条件、电源外部电流的方向及电池充电时的能量转化分析．
【解答】解：
A、电源是提供电能的装置，故A正确；
B、有电压而电路是开路是不会有电流的，故B错误；
C、电路接通后，电流从电源的正极通过用电器流向电源的负极，故C正确； D、给电瓶车充电，就是将电能转化为化学能的过程，故D正确． 故选ACD．
【点评】本题考查了电源的作用、持续电流的条件、电路中电流的分析及电池充电时的能量转化的知识．得到持续电流的条件是电路中有电源，电路是通路．
三、填空题 15．开启啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是由于瓶内的气体冲出时，内能转化为机械能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象．这个现象说明做功可以改变物体的内能．
【考点】做功改变物体内能． 【专题】分子热运动、内能．
【分析】改变物体内能的两种方法：做功、热传递．对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能．
【解答】解：开启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，水蒸气液化成“白雾”，这个现象说明做功可改变物体的内能． 故答案为：机械；做功．
【点评】做功改变内能的实质就是内能和其它形式能的转化，物体对外做功，内能减少，温度降低．
16．墨水在温水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与温度有关，冬天烤火取暖是通过热传递的方式增加人体的内能．
【考点】分子的运动；热传递改变物体内能． 【专题】分子热运动、内能．
【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物体温度越高，分子运动越剧烈；做功与热传递是改变物体内能的两种方式．
【解答】解：墨水在温水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与温度有关，冬天烤火取暖是通过热传递的方式增加人体的内能． 故答案为：温度；热传递．
【点评】本题考查了分子热运动、改变物体内能的方式，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．
17．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃活塞筒里放入一小团处理过的棉花，把活塞迅速压下可使棉花燃烧，这是因为活塞对筒内空气做功，使空气的内能增加，温度升高，达到棉花的燃烧点，使棉花燃烧．
【考点】做功改变物体内能．
【专题】应用题；分子热运动、内能． 【分析】当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
【解答】解：活塞迅速向下压时，活塞压缩气体做功，空气内能增加，温度升高，达到棉花的燃烧点，棉花就会燃烧．活塞缓慢压下去，瞬间机械能转化的内能少，不能使棉花燃烧． 故答案为：燃烧；活塞对筒内空气做功；空气；燃烧点；
【点评】本题考查做功改变物体的内能，要知道做功和热传递改变物体内能的区别．
【考点】电压；电流的大小．
【分析】一节干电池的电压为1.5V，电流的单位：1A=1000mA． 【解答】解：一节新干电池两极间的电压是1.5V，15mA=0.015A． 故本题答案为：1.5；0.015．
【点评】本题考查了干电池的电压和电流的单位变换． 19．九月我校进行了安全教育演练，演示了灭火器的使用．灭火器放在烈日下温度会升高（选填“升高”或“降低”），这是通过热传递的方法使其内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处． 【考点】热传递改变物体内能． 【专题】应用题．
【分析】本题抓住热传递物体内能改变，热传递有传导、对流和辐射三种方式．物体吸收热量，内能增加，温度升高，物体放出热量，内能减少，温度降低．
【解答】解：改变内能的两种方式：做功和热传递，物体吸收热量，内能增加，温度升高，物体放出热量，内能减少，温度降低．
灭火器放在烈日下温度会升高，这是通过热传递的方法使其内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处．
故答案为：升高；热传递．
【点评】本题考查了内能改变的途径、物体吸收热量，内能增加，温度升高．
20．如图所示的电路中，开关S1、S2、S3都处于断开位置，若只闭合开关S2，则灯L1和L2串联；若只闭合S1、S3，灯L1和L2并联；此电路中不能同时合上开关S2、S3．
【考点】串联电路和并联电路的辨别． 【专题】图析法．
【分析】串联时，电流路径只有一条，两个电灯要相互影响，而并联时，电流路径有多条，两个电灯相互不影响．
电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，该电路是绝对不允许的． 【解答】解：（1）要使两灯泡串联，则应将两灯泡首尾相连接到电源两端，则由图可知只闭合开关只能闭合S2即可；
（2）要使两电阻并联，则应让电流从同一导线流入两电阻中再汇合在同一导线中流入电源负极，则只能闭合S1、S3；
（3）在电路中应严禁电源被短路，当S2、S3闭合时，相当于导线直接接在电源两端，将导致电源被烧坏；
故答案为：S2；S1、S3；S2、S3．
【点评】本题考查了并联、串联的连接和开关的状态对电灯的连接方式的影响．同时要注意理解电路的三种状态．
21．如图甲所示的电路，电流表a与b的指针的位置如图乙所示，电流表b读数是1.2A，通过L2的电流是0.9A．
【考点】电流表的读数方法；并联电路的电流规律．
【分析】两个电灯是并联，一个电流表在支路中，另一个在干路中，根据并联电路的电流特点判断出电流表的量程后读数．
【解答】解：两灯是并联，a表测L1中的电流，b表测干路中的电流，并联电路的干路中的电流等于各支路电流之和，故干路中的电流表的示数应大于支路中的示数，故a表的量程为0﹣0.6A，示数为0.3A，b表的量程为0﹣3A，示数为1.2A，故L2中的电流=1.2A﹣0.3A=0.9A． 故答案为：0.3；0.9．
【点评】本题考查了电路的连接方式的识别及电流表的读数．
四、综合题．
22．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验．
（1）从表中数据可知，水和食用油的质量相同（选填“相同”或“不相同”），加热结束时，食用油的温度比水温度高（选填“高”或“低”）． （2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的 时间，此时，水吸收的热量大于（选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量． （3）实验表明，水（选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强． 实验数据记录如下表． 物质 质量/g 初始温度/℃ 加热时间/min 最后温度/℃ 水 60 20 6 45 食用油 60 20 6 68
【考点】控制变量法与探究性实验方案． 【专题】探究型实验综合题． 【分析】（1）认真观察表中数据即可得出结论．
（2）两个相同的酒精灯对其加热，加热时间多，放出的热量就多，相应受热物质吸收的热量就多．
（3）根据比热容的概念和Q=Cm△t进行分析，即△t和质量相等时，吸收的热量越多的物质，比热容越大（即吸热的能力强）． 【解答】解：（1）从表中数据可知，水和食用油的质量都是60g．加热结束时，食用油的温度和水的温度分别是68℃、45℃．
（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间． 因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多． 即水吸收的热量大于食用油吸收的热量．
（3）由Q=Cm△t知：质量相同的物质，升高相同的温度，吸收热量多的物质比热容大． 因为水和食用油的质量相同，它们的初温相同，要使水和食用油的最后温度相同，水吸收的热量大于食用油吸收的热量，所以水的比热容大，即水吸热的能力更强． 故答案为：（1）相同；高；（2）大于；（3）水．
【点评】此题考查了我们对于实验数据的分析能力，还一定注意应用控制变量法来考虑．我们要能够根据相关的实验数据得出需要的结论，并能够将这些知识应用于生活．
23．如图，在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热．
（1）加热相同时间后，分别测量两者的温度，发现沙子的温度明显高于水，这是因为沙子比热容小于水的比热容；加热时搅拌沙子，目的是使沙子受热均匀．
（2）在两烧杯上方分别盖上玻璃片，过一会儿发现装水烧杯上方的玻璃片内侧有小水珠，用手摸两个玻璃片，发现装水（沙子/水）烧杯上方的玻璃片温度比较高，原因是水蒸气液化放热．
【考点】比热容的概念；液化及液化现象． 【专题】探究型实验综合题．
【分析】（1）根据Q吸=cm△t变形公式△t=进行分析．
在加热过程中，为使沙子能够均匀受热，要不断进行搅拌．
（2）分析装水烧杯上方的玻璃片内侧水珠的形成原因，利用液化放热的原理进行解释．
【解答】解：（1）由Q吸=cm△t得，△t=，水和沙子的质量相同，吸收相同的热量，由
于沙子的比热容小于水的比热容，所以温度变化较大． 加热时搅拌沙子，目的是使沙子能够均匀受热．
（2）装水烧杯上方的玻璃片内侧的小水珠是由于水蒸发形成的水蒸气遇冷液化形成的，在液化时要放热，所以烧杯上方的玻璃片温度比较高． 故答案为：（1）沙子比热容小于水的比热容；使沙子受热均匀；（2）水；水蒸气液化放热． 【点评】此题考查了学生对比热容的认识及理解，同时考查了物态变化中的液化现象及其特点．
24．一根冰棒，质量为100g，过段时间后，其温度由﹣20℃上升到﹣16℃，在此过程中，冰棒吸收的热量为800J，则该冰棒的比热容为多少？冰棒内能增加了多少？ 【考点】热量的计算． 【专题】计算题；热和能．
【分析】（1）知道冰的质量、冰的初温、末温和吸收的热量，利用公式c=（2）冰棒吸收的热量全部用于增加冰棒内能． 【解答】解：
（1）∵△t=t﹣t0=﹣16℃﹣（﹣20℃）=4℃， 由公式Q吸=cm△t得：
求比热容．
c===2000J/（kg•℃）
（2）∵冰棒吸收的热量全部用于增加自己的内能， ∴冰棒内能增加了800J．
答：该冰棒的比热容为2000J/（kg•℃）；冰棒内能增加了800J．
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t的掌握和运用，注意温度升高了（△t）与升高到（末温）的区别．
25．质量为1kg的铝锅内装有3kg的水，如果他们共吸收6.74×10J的热量，则上升的温
3
度是多少？（铝的比热容为0.88×10J/（kg•℃）） 【考点】热量的计算．
【专题】计算题；比热容、热机、热值．
【分析】知道用铝锅烧水时水和铝都需要吸收的热量，它们升高的温度相同，然后根据公式Q吸=Q铝吸+Q水吸=c铝m吸△t+c水m水△t进行变形可得出温度升高值．
【解答】解：设上升温度为△t，则Q吸=Q铝吸+Q水吸=c铝m吸△t+c水m水△t．
5
所以，△t=
=
=50℃；
答：上升的温度是50℃．
【点评】本题考查了吸热公式Q吸=cm△t的应用，属于基础题目．
26．按照题目要求作图
（1）图1所示的电路中，开关S闭合时，灯泡L1和L2正常发光．请你在图中的圆圈内填上合适的电表符号．
（2）图2为小明连接的电路，在方框内画出该电路的电路
图．
【考点】电路图及元件符号；根据实物图画电路图． 【专题】图像综合题． 【分析】（1）电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；先判断图中各圆圈的位置，以及和用电器的连接方式，再结合仪表的使用方法进行分析．
（2）由图可知，灯泡L1、L2并联，开关控制整个电路，在干路上；电流表测量通过灯泡L2的电流，再根据实物图画出电路图即可． 【解答】解：（1）左边圈在干路中，与电源串联，因此为电流表；L1上面的圈与灯L1并联，因此是电压表；最下面的圈与L2串联在同一支路中，因此为电流表，如下图所示：
（2）先画出电源符号，从电源的正极出发，经开关S分支，一路灯泡L1，另一路经灯泡L2、电流表，然后两路电流汇合后回到电源负极，如下图所示：
【点评】（1）本题考查了电流表和电压表的使用方法．解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用．
（2）根据实物图画电路图，首先要弄清电路的连接方式，而判别电路连接方式最常用的就是电流流向法，因此要熟练掌握．
27．小丽用有0～0.6A和0～3A两个量程的电流表，研究图（a）所示电路中通过a、b两点的电流大小关系（电流大小相等）．电流表接在a点时，指针位置如图（b），电流表接在b点时，指针位置如图（c）．
（1）两次测量指针的位置不同的原因是两电流表选用的量程不同．
（2）电路中的实际电流以b（b/c）表的读数为准，这是因为电路中电流较小，选用小量程测量误差小．
（3）电路中的实际电流是0.46A．
【考点】电流表的使用；串联电路的电流规律． 【专题】电流和电路．
【分析】选择的量程不同，指针的偏转角度不同，分度值越小，结果越精确；根据电流表的量程、最小分度值读出电流表的示数． 【解答】解：（1）为a、b两点的电流相等，而两个电流表的指针偏转角度不同，说明两电流表选用的量程不同．
（2）从图中可以看出，b图中指针偏转角度大，说明选择的量程较小，分度值小，故选b表的读数为准．
（3）b图中电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.46A，故电路中的实际电流为0.46A． 故答案为：（1）两电流表选用的量程不同．
（2）b；电路中电流较小，选用小量程测量误差小． （3）0.46．
【点评】解决本题的关键：一是掌握电路中电流的特点，二是明确测量工具的分度值越小，测量结果越精确；三是会根据电流表指针的位置读出电流表的示数．
28．小高家里原来用液化石油气烧水，每天用60℃的热水100kg．她参加“探究性学习”活动后，在老师和同学的帮助下，制造了一台简易的太阳能热水器． （1）若用这台热水器每天可将100kg的水从20℃加热到60℃，这些水吸收的热量是多少？ （2）若液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，她家改用太阳能热水器后平均每天可
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节约液化石油气多少kg？（液化石油气的热值是8.0×10J/kg） （3）请你说出太阳能热水器的优点．（至少说出两条） 【考点】太阳能热水器中的热量计算；燃料的热值． 【专题】计算题；功和能综合题． 【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量．
（2）由题知，液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，即Q吸=Q放×70%，从而可以计算出液化石油气燃烧放出的热量；再利用Q放=mq求需要完全燃烧的液化石油气的质量，即每天节约的液化石油气质量． （3）从环保、节约能源（省钱）、取之不尽等方面列举太阳能热水器的优点．
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【解答】解：（1）∵C=4.2×10J/（kg•℃），m=100kg，△t=t﹣t0=60℃﹣20℃=40℃， ∴水吸收的热量为：
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Q吸=cm△t=4.2×10J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣20℃）=1.68×10J． （2）∵Q吸=Q放×70%，
∴液化石油气燃烧放出的热量为：Q放=∵Q放=m气q气，
==2.4×10J，
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∴液化石油气的质量为：m气===0.3kg．
（3）太阳能热水器是将太阳能转化为内能，被水吸收，温度升高，供人使用，对环境清洁无污染、能量巨大；节约能源（省钱）；取之不尽用之不竭等．
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答：（1）这些水吸收的热量是1.68×10J． （2）平均每天可节约液化石油气0.3kg． （3）清洁无污染、能量巨大．
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放出的热量公式Q放=mq的掌握和运用，涉及到新能源（太阳能的利用），为了省钱、为了环保，积极开发新能源．
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