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(培优卷含解析)2021—2022学年七年级数学下学期期中试卷(人教版)

2021-05-30 来源:客趣旅游网
2021—2022学年七年级数学下学期期中试卷(培优卷)

注意事项:

1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷(选择题)

请点击修改第I卷的文字说明 一、单选题

1.下列说法正确的有( )

①相等的角是对顶角;①过一点有且只有一条直线与已知直线平行;①垂直于同一条直线的两条直线互相平行;①两直线被第三条直线所截,同位角相等. A.0个

B.1个

C.2个

D.3个

2.如图,直线m①直线n,直线b①直线n,若①2=110°,则①1的度数是( )

A.60°

B.65°

C.70°

D.50°

13.在2、327、、、0.030030003…、3.1415926…、25中,无理数有4( ) A.1个

B.2个

C.3个

2D.4个

20144.若x,y,z为实数,且满足x3y3z4A.2

B.3

x0,则zy的值为( ) D.5

C.4

5.如图,在平面直角坐标系中,一动点从原点O出发,按向上、向右、向下、向右

试卷第1页,共8页

的方向依次不断地移动,每次移动一个单位,得到点A10,1,A21,1,A31,0,

A42,0,…,那么点A42的坐标为( )

A.20,0

B.20,1

C.21,0

D.21,1

6.下列在具体情境中不能确定平面内位置的是( ) A.东经37°,北纬21° C.鹤壁淇滨大道 处

7.爸爸骑摩托车带着小明在公路上匀速行驶,小明每隔一段时间看到的里程碑上的数如下: 时刻 9:00 10:00 是一个两位数,它的是一个三位数,它比是一个两位数,它的里程碑上的数 两个数字之和是6 9:00所看到的正好互换了

则10:00时看到里程碑上的数是( )A.15

D.51

B.24

C.42

十位与个位数字与9:00时看到的两位数中间多了个0 11:30 B.电影院某放映厅7排3号

D.外国语中学北偏东60°方向,2千米

8.将8个一样大小的长方形,恰好可以拼成一个大的长方形如图1,将这8个一样大小的长方形拼成了如图2那样的正方形,中间还留了一个洞,恰好是边长为3m的小正方形,则一个小长方形的面积为( )

A.120m2 B.135m2 C.108m2 D.96m2

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9.已知a1112113114,a2,a3,...,依据上述规律,则1232323438345415a99( )

A.

100

99101B.

99

98100C.

98

9799D.

101

10010210.在平面直角坐标系中,任意两点A(x1,y1),B(x2,y2).规定运算:①

AB(x1x2,y1y2);①ABx1x2y1y2;①当x1x2,且y1y2时,AB.

有下列三个命题:

(1)若A(1,2),B(2,1),则AB(3,1),AB0; (2)若ABBC,则AC;

(3)对任意点A,B,C,均有(AB)CA(BC)成立. 其中正确命题的个数为( ) A.0个

B.1个

C.2个

D.3个

11.小明去文具店购买了笔和本子共5件,已知两种文具的单价均为正整数且本子的单价比笔的单价贵.在付账时,小明问是不是27元,但收银员却说一共48元,小明仔细看了看后发现自己将两种商品的单价记反了.小明实际的购买情况是( ) A.1支笔,4本本子 C.3支笔,2本本子

B.2支笔,3本本子 D.4支笔,1本本子

12.如图,E在线段BA的延长线上,①EAD=①D,①B=①D,EF∥HC,连FH交AD于G,①FGA的余角比①DGH大16°,K为线段BC上一点,连CG,使

①CKG=①CGK,在①AGK内部有射线GM,GM平分①FGC,则下列结论:①AD∥BC;①GK平分①AGC;①①DGH=37°;①①MGK的角度为定值且定值为16°,其中正确结论的个数有( )

A.4个 B.3个 C.2个

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D.1个

第II卷(非选择题)

请点击修改第II卷的文字说明 二、填空题

13.如图OE①AB,O为垂足,①EOD=25°,则①AOC=_______°.

14.n是自然数,我们称n的非0数字的乘积为n的“指标数”,如1的指标数是1,27的指标数是14,40的指标数为4,则1~99这九十九个自然数的指标数的和是______.

15.如图,在平面直角坐标系中,ABC的顶点B、C的坐标分别是1,0,5,0,点D、E分别是AB、AC的中点,点D的坐标为1,2,则点A、E的坐标分别是______.

16.某知名服装品牌在巴南共有A、B、C三个实体店,由于疫情的影响,今年第一季度A、B、C三店的营业额之比为3:4:5.随着疫情得到有效的控制和缓解,今年第二季度这三个店的营业额都增加了若干,其中B店增加的营业额是这三个店增加的营业额的和的,第二季度B店的营业额是这三个店在第二季度的营业额的和的

274.若13A店与C店在第二季度的营业额之比为5:4,则第二季度A店增加的营业额与第二季度这三个店的营业额的和比值为________. 三、解答题 17.计算:

(1)(2)238(3)2; (2)求x的值:(x2)29. 18.解方程组

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xy0(1) 322(3x4)3(y1)192xy8(2)

3x2y519.某花卉超市准备购进甲、乙两种盆栽,甲种盆栽每盆进价15元,售价20元;乙种盆栽每盆进价25元,售价40元.元旦前夕,超市共购进甲、乙两种盆栽60盆,总进价为1100元.

(1)超市购进甲、乙两种盆栽各多少盆?

(2)如果把甲种盆栽的售价提高20%,乙种盆栽按售价打八折销售,将这些盆栽全部售完可获利多少元?

20.三角形ABC(记作①ABC)在8×8方格中,位置如图所示,A(﹣2,1),B(﹣1,4).

(1)请你在方格中建立直角坐标系,并写出C点的坐标.

(2)把①ABC向上平移2个单位长度,再向右平移3个单位长度,请你画出平移后的①A1B1C1.

(3)在x轴上存在一点D,使①DBC的面积等于12,则点D的坐标为 . 21.已知直线l1、l2,直线l3与直线l1、l2分别交于点C和点D,在直线l3上有动点P(点P与点C、D不重合),点A在直线l1上,点B在直线l2上.

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(1)如图①,如果点P在C、D之间运动时,且满足①1+①3=①2,请写出l1与l2之间的位置关系并说明理由;

(2)如图①,如果l1∥l2,点P在直线l1的上方运动时,请写出①1,①2与①3之间的数量关系并说明理由;

(3)如图①,如果l1∥l2,点P在直线l2的下方运动时,请直接写出①PAC、①PBD、①APB之间的关系(不需说明理由).

22.阅读下列解方程组的方法,然后解答问题:

17x19y21①解方程组时,小明发现如果用常规的代入消元法、加减消元法来

23x25y27②解,计算量大,且易出现运算错误,他采用下面的解法则比较简单: ①-①得:6x6y6,即xy1.①

③17得:17x17y17.①

①-①得:y2,代入①得x1.

x1所以这个方程组的解是.

y21997x1999y2001(1)请你运用小明的方法解方程组.

2017x2019y2021axa2ya4yxab的解是______. (2)规律探究:猜想关于、的方程组bxb2yb423.【问题背景】同学们,我们一起观察小猪的猪蹄,你会发现一个我们熟悉的几何图形,我们就把这个图形形象的称为“猪蹄模型”,猪蹄模型中蕴含着角的数量关系.

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(1)如图①,AB∥CD,E为AB,CD之间一点,连接BE,DE,得到①BED.试探究①BED与①B、①D之间的数量关系,并说明理由.

(2)请你利用上述“猪蹄模型”得到的结论或解题方法,完成下面的问题: ①【类比探究】如图①,AB∥CD,线段AD与线段BC相交于点E,①BAD=36°,①BCD=80°,EF平分①BED交直线AB于点F,则①BEF=______°. ①【拓展延伸】如图①,AB∥CD,线段AD与线段BC相交于点E,①BAD=36°,①BCD=80°,过点D作DG∥CB交直线AB于点G,AH平分①BAD,DH平分①CDG,则①AHD=______°.

24.如图,在直角坐标系中,A(0,a),B(4 ,b) ,C(0 ,c) ,若a、b、c满足关系式:|a-8|+(b-4)2+c4=0.

(1)求a、b、c的值;

(2)若动点P从原点O出发沿x轴以每秒2个单位长度的速度向右运动,当直线PC把四边形OABC分成面积相等的两部分停止运动,求P点运动时间;

(3)在(2)的条件下,在y轴上是否存在一点Q,连接PQ,使三角形CPQ的面积与四边形OABC的面积相等?若存在,求点Q的坐标;若不存在,请说明理由. 25.如图1,MN∥PQ,点A、点C分别为MN、PQ上的点.射线AB从AN顺时针旋转至AM停止,射线CD从CQ逆时针旋转至CP便立即回转.若射线AB的旋转速度为a°/秒,射线CD的旋转速度为b°/秒,且a,b满足|3a-2b|+(a+b-5)2=0.射线AB、射线CD同时转动与停止,设射线AB运动时间为t:

试卷第7页,共8页

(1)求a、b的值;

(2)若射线AB与射线CD交于点H,当①AHC=100°,求t的值;

3(3)如图2,射线EF(点E在点C的左侧)从EG顺时针旋转,速度为()°/秒,且与

2射线AB、射线CD同时转动与停止.若①PEG=27°,则当t为何值时,射线AB所在直线、射线CD所在直线、射线EF所在直线能围成直角三角形.

试卷第8页,共8页

参考答案:

1.A 【解析】 【分析】

根据对顶角的定义可判断①,根据平行线的性质可判断①①,根据同位角的意义可判断①. 【详解】

解:①对顶角相等,相等的角不一定是对顶角,故①错误; ①过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行,故①错误; ①在同一个平面内,垂直于同一条直线的两条直线互相平行,故①错误; ①两直线平行,同位角相等,故①错误; 故选:A. 【点睛】

本题考查了对顶角的定义、平行线的性质及同位角等与平行有关的公理及推论,牢记这些知识点是解题的关键. 2.C 【解析】 【分析】

根据在同一平面内,垂直于同一条直线的两条直线平行可得b①m,从而可得①1=①3,然后再利用平角定义即可解答. 【详解】 如图:

①直线m①直线n,直线b①直线n, ①m①b,

答案第1页,共25页

①①1=①3, ①①2=110°,

①①3=180°﹣①2=70°, ①①1=70°, 故选:C. 【点睛】

本题考查了平行线的判定与性质,邻补角的含义,掌握平行线的判定与性质是关键. 3.D 【解析】 【详解】

根据无理数的定义(无理数是指无限不循环小数)判断即可.

解答:解:无理数有2、−π、0.030030003…、3.1415926…、共4个, 故选:D. 【点睛】

本题考查了对无理数的定义的应用,注意:无理数包括:①开方开不尽的根式,①含π的,①一些有规律的数,无理数是指无限不循环小数. 4.C 【解析】 【分析】

先根据绝对值的非负性、算术平方根的非负性、偶次方的非负性求出x,y,z的值,再代入计算即可得. 【详解】

解:因为x,y,z为实数,且满足x3y3z40, 所以x30,y30,z40, 解得x3,y3,z4, x则zy2014234320144,

故选:C. 【点睛】

答案第2页,共25页

本题考查了绝对值、算术平方根、有理数的乘方、代数式求值,熟练掌握绝对值的非负性、算术平方根的非负性、以及偶次方的非负性是解题关键. 5.D 【解析】 【分析】

利用运动方向可知,点运动的周期为4,通过找A4,A8,A12的坐标特征,进而得出An的规律. 【详解】 解:由图可知

A1(0,1),A5(2,1),A9(4,1),A13(6,1),A17(8,1)…… 每四个点是一个循环

nn按此规律,点An(当n是4的倍数时)是从原点向右运动 2,若n÷4有余

42数,则根据A1到A4的规律来确定点An的坐标 nn=42时,包含个循环,42÷4=20······2,

4根据运动规律,此时横坐标为20+1=21 纵坐标为1 故坐标为(21,1) 故选D. 【点睛】

本题主要借助平面直角坐标系,进行点坐标规律的探究,解决本题的关键:①找周期①看横纵坐标特征. 6.C 【解析】 【分析】

根据坐标确定位置需要确定的有序数对,据此对各选项进行分析即可求解. 【详解】

解:A、东经37°,北纬21°物体的位置明确,故本选项不符合题意; B、电影院某放映厅7排3号物体的位置明确,故本选项不符合题意; C、鹤壁淇滨大道无法确定物体的具体位置,故本选项符合题意;

答案第3页,共25页

D、外国语中学北偏东60°方向,距离为3千米物体的位置明确,故本选项不符合题意; 故选:C. 【点睛】

本题考查了坐标确定位置,理解位置的确定需确定的有序数对是解答本题的关键. 7.D 【解析】 【分析】

解:设小明9:00看到的两位数,十位数为x,个位数为y,根据车的速度不变和12:00时看到的两位数字之和为6,即可列出二元一次方程组,解方程组即可求解. 【详解】

解:设小明9:00看到的两位数,十位数为x,个位数为y,由题意列方程组得:xy6, 100xy10yx10yx10xy1.5x1解得:,

y5①9:00时看到的两位数是15.

10:00时看到里程碑上的数是51 故选:D 【点睛】

本题考查了二元一次方程组的应用,找准等量关系,正确列出二元一次方程组是解题关键. 8.B 【解析】 【分析】

设每个小长方形的长为x,长方形的宽为y,观察图形,根据各边之间的关系,即可得出关于x,y的二元一次方程组,解出其解值即可知道小长方形的长和宽,继而可求出小长方形的面积. 【详解】

解:如图设小长方形的长为x,长方形的宽为y,

答案第4页,共25页

根据图一可知:5y3x , 根据图二可知:2x2x300,

5y3x方程组:,

x2y2x3x15方程组的解集为:,

y9①每个小方形的面积=15×9=135(m2), 故选:B. 【点睛】

本题考查二元一次方程组的应用,找准等量关系,正确列出二元一次方程组是解题关键. 9.A 【解析】 【分析】

通过观察,可得到规律:ann(n1)(n2)1nn(n2),据此得出a99. 【详解】

解:由已知通过观察得: a1a2a31111112,即a1, 123111(12)123231112113,即a2, 234122(22)234381113114,即a3, 345133(32)345415111n,

an111n,

n(n1)(n2)1nn(n2)100100所以a9999(992)99101, 故选:A. 【点睛】

此题考查的知识点是数字变化类问题,也是考查学生分析归纳问题的能力,解题的关键是由已知找出规律:ann(n1)(n2)1nn(n2). 10.D

111n答案第5页,共25页

【解析】 【分析】

根据新的运算定义分别判断每个命题后即可确定正确的选项. 【详解】

解:(1)A①B=(1+2,2-1)=(3,1),A⊗B=1×2+2×(-1)=0, ①①正确;

(2)设C(x3,y3),A①B=(x1+x2,y1+y2),B①C=(x2+x3,y2+y3), ①A①B=B①C,

①x1+x2=x2+x3,y1+y2=y2+y3, ①x1=x3,y1=y3, ①A=C, ①①正确.

(3)①(A①B)①C=(x1+x2+x3,y1+y2+y3),A①(B①C)=(x1+x2+x3,y1+y2+y3), ①(A①B)①C=A①(B①C), ①①正确. 正确的有3个, 故选:D. 【点睛】

本题考查了命题与定理,解题时注意:判断一件事情的语句,叫做命题.有些命题的正确性是用推理证实的,这样的真命题叫做定理. 11.A 【解析】 【分析】

设购买了笔x件,购买了本子(5-x)件,本子的单价为a元,笔的单价为b元,分类讨论解方程即可. 【详解】

解:设购买了笔x件,购买了本子(5-x)件,本子的单价为a元,笔的单价为b元,列方程

bxa(5x)48组得 ,

axb(5x)27答案第6页,共25页

b4a48a11当x=1时,原方程组为,解得,符合题意;

b4a4b27a182b3a48当x=2时,原方程组为,解得,不符合题意,舍去;

b32a3b273b2a48a3当x=3时,原方程组为,解得,不符合题意,舍去;

b183a2b274ba48a4当x=4时,原方程组为,解得,不符合题意,舍去;

b114ab27故选:A. 【点睛】

本题考查了含参数的二元一次方程组的应用,解题关键是理解题意,找出等量关系,列出方程组,分类讨论解方程组. 12.B 【解析】 【分析】

根据平行线的判定定理得到AD①BC,故①正确;由平行线的性质得到①AGK=①CKG,等量代换得到①AGK=①CGK,求得GK平分①AGC;故①正确;根据题意列方程得到①FGA=①DGH=37°,故①正确;设①AGM=α,①MGK=β,得到①AGK=α+β,根据角平分线的定义即可得到结论. 【详解】

解:①①EAD=①D,①B=①D, ①①EAD=①B, ①AD①BC,故①正确; ①①AGK=①CKG, ①①CKG=①CGK, ①①AGK=①CGK,

①GK平分①AGC;故①正确; ①①FGA的余角比①DGH大16°, ①90°-①FGA-①DGH=16°, ①①FGA=①DGH,

答案第7页,共25页

①90°-2①FGA=16°,

①①FGA=①DGH=37°,故①正确; 设①AGM=α,①MGK=β, ①①AGK=α+β, ①GK平分①AGC, ①①CGK=①AGK=α+β, ①GM平分①FGC, ①①FGM=①CGM,

①①FGA+①AGM=①MGK+①CGK, ①37°+α=β+α+β, ①β=18.5°,

①①MGK=18.5°,故①错误, 故选:B. 【点睛】

本题考查了平行线的判定和性质,角平分线的定义,对顶角性质,一元一次方程,正确的识别图形是解题的关键. 13.65 【解析】 【分析】

根据垂直定义先求出①AOE=90°,然后再利用平角定义进行计算即可解答. 【详解】 解:①OE①AB, ①①AOE=90°, ①①EOD=25°,

①①AOC=180°−①AOE−①EOD=65°, 故答案为:65. 【点睛】

本题考查了垂线,根据题目的已知条件并结合图形分析是解题的关键. 14.2115 【解析】

答案第8页,共25页

【分析】

先分别求出1~9的指标数之和,10~19的指标数之和,20~29的指标数之和,…,90~99的指标数之和,再将它们相加即可. 【详解】

解:1~9的指标数之和为12345678945; 10~19的指标数之和为112345678946; 20~29的指标数之和为21123456789246; 30~39的指标数之和为31123456789346; 40~49的指标数之和为41123456789446; 50~59的指标数之和为51123456789546; 60~69的指标数之和为61123456789646; 70~79的指标数之和为71123456789746; 80~89的指标数之和为81123456789846; 90~99的指标数之和为91123456789946.

所以1~99的指标数之和为451234567894645472115. 故答案为:2115. 【点睛】

本题考查了自然数的“指标数”,注意分类思想及整体思想,有一定的难度. 15.(3,4)、(4,2) 【解析】 【分析】

已知点A和点D的坐标,且D为AB的中点,由中点坐标公式可求出点A的坐标,由点E为AC的中点,同理由中点坐标公式可求得点E的坐标. 【详解】 解:设A(a,b)

①点B(-1,0),点D(1,2),且点D为AB的中点,

答案第9页,共25页

1a0b1,2 22解得,a3,b4 ①A(3,4)

又点C(5,0),点E为AC的中点, 设C(x,y),则有: x53044,y2 22①点E的坐标为(4,2) 故答案是:(3,4)、(4,2). 【点睛】

本题主要考查了坐标与图形的性质,熟练运用中点坐标公式是解答本题的关键. 16.

7 26【解析】 【分析】

设第一季度营业额为w,第二季度营业额为v,则总共增加的营业额为(vw),B店增加的营业额为(vw),第二季度B店的营业额为

274v,则第一季度A店的营业额为13441331www;第二季度A店与C店的营业额www,B店的营业额为

345123345124之和为(1额为

49)vv,若A店与C店在第二季度的营业额之比为5:4,则第二季度A店营业1313955944vv,B店营业额为vv;第二季度A店增加的营业额为13541313541341651(vw),B店增加的营业额为(vw),依此可得wv,进一步即可求解.

13134133【详解】

解:设第一季度营业额为w,第二季度营业额为v,则总共增加的营业额为(vw),B店增加的营业额为(vw),第二季度B店的营业额为则第一季度A店的营业额为

274v, 13441331www; www,B店的营业额为

345123345124第二季度A店与C店的营业额之和为(149)vv, 1313955vv,135413若A店与C店在第二季度的营业额之比为5:4,则第二季度A店营业额为

答案第10页,共25页

B店营业额为

944vv; 13541351314第二季度A店增加的营业额为(vw),B店增加的营业额为(vw),依题意有

412vw(vw), 133741313解得w6v, 13则第二季度A店增加的营业额与第二季度总营业额的比值为

515167vwvvv13413413267.

vvv26故答案为:【点睛】

7. 26本题考查了应用类问题,理解题意,找到正确的等量关系是本题的关键. 17.(1)3 (2)x1或5 【解析】 【分析】

(1)根据算术平方根和求一个数的立方根求解即可; (2)根据算术平方根的定义解方程即可. (1)

原式223

3;

(2)

根据题意得:x23,

x1或5. 【点睛】

本题考查了算术平方根和求一个数的立方根,掌握算术平方根和求一个数的立方根是解题的关键.平方根:如果一个数的平方等于a,那么这个数就叫a的平方根,其中属于非负数的平方根称之为算术平方根.立方根:如果一个数的立方等于a,那么这个数叫做a的立方根.

答案第11页,共25页

x318.(1)

y2x3(2)

y2【解析】 【分析】

(1)将原方程组去分母、去括号、合并同类项,再利用加减消元法求解即可; (2)利用代入消元法求解即可. (1)

xy032 解:23x43y1192x3y0整理,得:2xy8①-②得:4y8

①②

解得:y2, 将y2代入

x2xy0,得:0, 3232解得:x3;

x3故原方程的解为:;

y2(2)

2xy83x2y5①②

由①得:y2x8③,

将③代入②,得:3x2(2x8)5, 解得:x3.

将x3代入①,得:23y8, 解得:y2.

x3故原方程的解为:;

y2答案第12页,共25页

【点睛】

本题考查解二元一次方程组.掌握解二元一次方程组的方法是解题关键. 19.(1)甲种40盆,乙种20盆 (2)500元 【解析】 【分析】

(1)设超市购进甲、乙两种盆栽各x盆,y盆,根据“共购进甲、乙两种盆栽60盆,总进价为1100元”列出方程组,解之即可; (2)根据题意列出算式,计算结果即可. (1)

解:设超市购进甲、乙两种盆栽各x盆,y盆,

xy60由题意可得:,

15x25y1100x40解得:,

y20①超市购进甲、乙两种盆栽各40盆,20盆; (2)

由题意可得:

4020120%15204080%25=500元,

①将这些盆栽全部售完可获利500元. 【点睛】

本题考查了二元一次方程组的实际应用,解题的关键是找到两个等量关系,列出方程组. 20.(1)见解析,C(2,1) (2)见解析

(3)(11,0)或(﹣5,0). 【解析】 【分析】

(1)根据点的坐标可建立平面直角坐标系,从而得出点C的坐标; (2)根据平移的性质可画出①A1B1C1;

答案第13页,共25页

(3)设D(m,0),由题意直线BC与x交于(3,0),则有2×|m-3|×(4-1)=12,解方程可得答案. (1)

如图,C(2,1);

1

(2)

①A1B1C1即为所求; (3)

设D(m,0),由题意直线BC与x交于(3,0), 则有2×|m-3|×(4-1)=12, 解得m=11或-5,

①D(11,0)或(-5,0), 故答案为:(11,0)或(-5,0). 【点睛】

本题主要考查了作图-平移变换,平面直角坐标系中点的坐标的特征,三角形的面积等知识,利用割补法表示①DCB的面积是解题的关键. 21.(1)l1∥l2,理由见解析

1答案第14页,共25页

(2)①3=①1+①2,理由见解析 (3)①PAC=①APB+①PBD 【解析】 【分析】

(1)过P点作PE∥l1,利用两直线平行内错角相等得到①1=①APE,即可推出①BPE=①3,则PE∥l2,再根据平行于同一直线的两直线平行得解;

(2)过点P作PF∥l1,利用两直线平行内错角相等得到一对角相等,再由与平行线中的一条平行,与另一条也平行得到PF∥l2,利用两直线平行内错角相等得到一对角相等,等量代换即可得证;

(3)过点P作PM∥l1,同理(2)即可得证. (1)

解:l1∥l2; 理由如下:

如图①,过点P作PE∥l1,则①1=①APE,

①①APB=①APE+①BPE,①APB=①1+①3, ①①APE+①BPE=①1+①3, ①①1+①BPE=①1+①3, ①①BPE =①3, ①PE∥l2, ①l1∥l2;

答案第15页,共25页

(2)

解:如图①所示,当点P在线段DC的延长线上时,①3=①1+①2; 理由如下:

如图①,过点P作PF∥l1,则①1=①APF,

①l1∥l2, ①PF∥l2, ①①BPF=①3, ①①BPF=①APF+①2, ①①3=①1+①2; (3)

解:当点P在直线l2的下方运动时,①PAC=①APB+①PBD; 理由如下:

如图①,过点P作PM∥l1,则①MPA=①PAC,

①l1∥l2, ①PM∥l2, ①①MPB=①PBD,

答案第16页,共25页

①①MPA=①APB+①MPB, ①①PAC=①APB+①PBD. 【点睛】

本题考查了平行线的判定与性质,熟练掌握平行线的判定与性质及作出合理的辅助线是解本题的关键.

x122.(1);

y2x1(2).

y2【解析】 【分析】

(1)根据题意,利用例题方法求解即可; (2)根据题意,利用例题方法求解即可得. (1)

1997x1999y2001①解:,

2017x2019y2021②②①得:20x20y20,即xy1,③ ③1997得:1997x1997y1997,④ ①④得:2y4,即y2,

将y2代入③得x1,

x1所以这个方程组得解是;

y2(2)

axa2ya4①ab, 解:bxb2yb4②②①得:baxbayba,即xy1,③

③a得:axaya,④ ①④得:2y4,解得y2,

将y2代入③得:x1,

答案第17页,共25页

x1所以这个方程组得解是,

y2x1故答案为:.

y2【点睛】

题目主要考查二元一次方程组的求法,理解题意,熟练掌握运用二元一次方程组的解法是解题关键.

23.(1)①B+①D=①BED,理由见解析 (2)①58;①148 【解析】 【分析】

(1)根据两直线平行,内错角相等解答;

(2)①由平行线的性质可知①ADC=①BAD=36°,进而求出①BED的度数,然后根据角平分线的定义求解即可;

①作HF//AB,根据两直线平行同旁内角互补求出①CDG=100°,然后根据角平分线的定义求出①BAH和①CDH,再根据平行线的性质求出①AHF和①DHF即可. (1)

解:①B+①D=①BED.理由: 过E作EF//AB,

①AB//CD, ①AB//EF//CD,

①①B=①BEF,①D=①DEF, ①①B+①D=①BEF+①DEF=①BED; (2)

解:①①AB∥CD, ①①ADC=①BAD=36°,

答案第18页,共25页

①①BCD=80°,

①①BED=①BCD+①ADC=116°, ①EF平分①BED, ①①BEF=①BED=58°. 故答案为:58; ①作HF//AB,

12

①AB∥CD, ①AB∥HF//CD,

①①CDG=180°-①BCD=100°, ①AH平分①BAD,DH平分①CDG,

①①BAH=①BAD=18°,①CDH=CDG=50°, ①AB∥HF//CD,

①①AHF=①BAH =18°,①DHF=180°-①CDH =130°, ①①AHD=AHF+①DHF=148°, 故答案为:148. 【点睛】

本题主要考查了平行线的性质与判定的综合应用,熟练掌握平行线的性质与判定方法是解答本题的关键.解题时注意:平行线的判定是由角的数量关系判断两直线的位置关系,平行线的性质是由平行关系来寻找角的数量关系. 24.(1)a8,b4,c4; (2)点P运动时间为3秒;

(3)存在点Q,坐标为0,12或0,4. 【解析】 【分析】

(1)根据线段的长和线段的特点确定出点的坐标;

答案第19页,共25页

1212(2)由(1)得a8,b4,c4,得出OA8,OC4,BC4,利用梯形面积公式为S四边形OABC(48)424,根据题意可得S2COP1S12,设运动时间t秒,得2四边形OABC出OP2t,利用三角形面积公式得出方程求解即可得;

(3)设Q0,y,当t3时,OP6,根据面积相等列出方程求解即可得出结果. 根据四边形OABC的面积求出△CPQ的面积是24,最后求出点Q的坐标. (1)

解:①a8b4c40, ①a80,b40,c40, ①a8,b4,c4; (2)

解:由(1)得a8,b4,c4, ①A8,0,B4,4,C0,4, ①OA8,OC4,BC4,

①S四边形OABC(48)424, 22

①SCOP1S12, 2四边形OABC设运动时间t秒,点P运动到如图所示位置: ①OP2t, ①SCOP112t424, 22①解得:t3, ①点P运动时间为3秒; (3)

解:设Q0,y,

答案第20页,共25页

当t3时,OP6, ①SCPQS四边形OABC, ①

11y46(48)424, 22①y1=12,y2=-4, ①Q0,12或Q0,4, 存在点Q,坐标为0,12或0,4. 【点睛】

题目主要考查绝对值、平方及算术平方根的非负性,坐标与图形,一元一次方程的应用,三角形四边形面积的计算,等,理解题意,列出相应方程是解题关键. 25.(1)a=2,b=3 (2)t=20s或t=52s

(3)18s或90s或14s或78s或54s 【解析】 【分析】

3a2b0(1)由绝对值的非负性和偶次方的非负性得方程组,解方程组即可;

ab50(2)分交点在线段AC的两侧进行讨论,得∠ NAB+∠ NAB=∠AHC和∠ NAB+∠ NAB+∠AHC=360°,分别列出关于t的方程,解出方程即可;

(3)三条射线所在的直线能围成直角三角形可分类讨论:当0①|3a-2b|+(a+b-5)2=0,|3a-2b|≥0,(a+b-5)2≥0

3a2b0① ab50a2 解得b3①a=2,b=3

答案第21页,共25页

(2)

由题意知当运动的时间为t时,∠ NAB= 2t°,∠ QCD =3t°

如图1,当H点在线段AC的右侧时,过点H作HW∥MN,则HW∥PQ ①∠NAB=∠AHW,∠QCD=∠CHW, ①∠ NAB+∠QCD =∠AHW+∠ CHW, 即∠ NAB+∠QCD =∠AHC ①2t+3t=100 解得t=20

如图2,当H点在线段AC的左侧时,同理可得∠ NAB+∠QCD +∠AHC=360° ①2t+3t+100=360 解得t=52

综上可得,t=20s或t=52s. (3)

180÷2=90,180÷3=60

当0答案第22页,共25页

由题意知当运动的时间为03t° 23t°,2①当直线AB①CD垂足为H,即∠AHC=90°时,∠HKT为直角三角形,如图3所示,H点在线段AC右侧时,则∠ NAB+ ∠ QCD=∠ AHC ①2t+3t=90 解得t=18

①当直线AB①CD垂足为H,即∠AHC=90°时,∠HKT为直角三角形,如图4所示,H点在线段AC左侧时,则∠ NAB+ ∠ QCD+∠ AHC=360° ①2t+3t+90=360 解得t=54

①当直线EF①CD垂足为T,即∠ ETC=90°时,∠HKT为直角三角形,如图5所示, 3∠ TEC=∠ PEF=27°+t°,∠ ECT=∠ QCD =3t°,则∠ TEC+∠ ECT=90°

23①27+t +3t=90

2答案第23页,共25页

解得t=14

3由题意知当运动的时间为602∠PEF=27°+

3t° 2①当直线EF①CD垂足为T,即∠ ETC=90°时,∠HKT为直角三角形,如图6所示, ∠ TEC=180°-(27°+

3t°),∠ PCD =3t°-180°,则∠ TEC+∠ ECT=90° 23①180-(27+t)+3t-180=90

2解得t=78

①当t=90时,直线AB与直线MN重合,CD①MN,∠HKT为直角三角形.

答案第24页,共25页

综上所述,当18s或90s或14s或78s或54s时,射线AB所在直线、射线CD所在直线、射线EF所在直线能围成直角三角形. 【点睛】

本题考查了绝对值的非负性、偶次方的非负性、平行线的性质等相关知识,重点考查分类讨论的思想方法,难度较大,属于压轴题.

答案第25页,共25页

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