物理试卷
一、单项选择题
1. 如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于杆的作用力F，使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将（ ）
A. 一直变大 B. 一直变小 C. 先变大，后变小 D. 先变小，后变大 【答案】C
.........
解：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力为杠杆的重力，也不变，阻力力臂变大，所以动力变大．
当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，所以动力变小． 故F先变大后变小． 故选：C．
【点评】本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用．能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键．
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2. 物理学中用位移表示物体位置改变，指物体初位置指向末位置的有向线段，有向线段的长
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度表示位移大小。一物体在半径为R的圆周上从A处沿顺时针方向运动到B处，则它通过的路程、位移大小分别是（ ）
A. 、 B. 、 C. 、 D. 、
【答案】B
【解析】从A处沿顺时针运动到B处时，质点经过了3/4个圆周，所以经过的路程为：s=×2πR=πR，位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以从A到B的位移为AB之间的直线的距离，大小为：x=R．所以B正确。故选B。
3. 用手将一重为G的铁球缓慢放在一自然伸长的弹簧上，放手后，铁球从A位置开始向下运动，到达B位置速度达到最大，到达C位置小球的速度变为零(整个过程中不计能量损耗)。则下列说法正确的是（ ）
A. 从A点到C点铁球的动能一直减小
B. 从A点到C点铁球的动能和重力势能之和一直增大 C. 从A点到B点铁球的动能和重力势能之和不变 D. 在C位置弹簧的弹性势能最大 【答案】D
【解析】试题分析：因铁球到达B位置速度达到最大，到达C点时速度为零，故从A点到C点铁球的动能先增大后减小；由于整个过程中不计能量损耗，弹性势能增大，故从A点到C点铁球的动能和重力势能之和减小；从A点到B点铁球的动能和重力势能之和减小；在C位置弹簧形变量最大，故弹簧的弹性势能最大。答案选D。 考点：能量转化
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4. 用弹簧测力计竖直挂一物体，当物体浸入水中体积时，弹簧测力计示数为4 N；当物体浸入水中体积时，弹簧测力计示数为1N。取下该物体放入水中，物体静止时受到的浮力是 （ ）
A. 18 N B. 14 N C. 10 N D. 8 N 【答案】C
【解析】试题分析：设物体浸没时受到的浮力为F浮，当物体浸入水中1/3体积时，弹簧测力计示数为F1=4N，则物重G－F1=1/3F浮，即G－4N=1/3×F浮①；当物体浸入水中1/2体积时，弹簧测力计示数为F2=1N，则物重G－F2=1/2F浮，即G－1N=1/2×F浮②，由①②解得G=10N，F
浮
=18N，而F浮＞G，故取下该物体放入水中，物体静止时处于漂浮状态，所受到的浮力等于物
体的重力即为10N，本题应选C。 考点：浮力的相关计算，物体的浮沉条件
5. 如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S1、S2，电压表示数为U1，接着只断开开关S2，此时电压表示数为U2，若已知U1∶U2＝5∶3，则电阻R1和R2的阻值之比是( )
A. 3∶2 B. 1∶2 C. 2∶3 D. 5∶3 【答案】A
【解析】闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U1；接着只断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，串联电路中总电压等于各分电压之和，R2两端的电压：UR2=U1-U2，串联电路中各处的电流相等，由I=U/R可知，两电阻的阻值之比：
；故选A。
6. 如图所示，电源电压保持不变，R1＝20Ω。闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片P到中点c时，电流表的示数为0.4 A；移动滑片P到最左端a时，电流表的示数为0.3 A。则电源电压和滑动变阻器的最大阻值分别为( )
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A. 6 V 20 Ω B. 12 V 20 Ω C. 6 V 30 Ω D. 12 V 30 Ω 【答案】B
【解析】试题分析： 当滑片在c点时，在a点时，
【考点定位】 欧姆定律的应用 二、填空题
7. 如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________。
，解得R1=20Ω，U=12V。
；当滑片
【答案】如图所示；
【解析】当条形磁铁向右靠近圆环时，导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：
8. 电压表是由小量程电流表改装而成，如图为电压表的内部结构图。小量程电流表G的电阻
Rg=10 Ω，满偏电流Ig=3 mA，接ab两接线柱时电压表量程为3 V，接ac两接线柱时电压表
量程为15 V。则R1=___________Ω， R2=___________Ω。
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【答案】 (1). 990 ； (2). 4000； 【解析】当接ab时：
；当接ac时：
带入数据解得：R1=990Ω；R2=4000Ω.
点睛：此题是关于电表改装问题；电流计改装成电压表只需串联分压电阻即可，刻根据欧姆定律进行相关的计算.
9. 小明同学准备利用“一个弹簧测力计、一个重锤、两根质量和体积均忽略不计的细线、一个装有适量水的烧杯”测量一个形状不规则木块的密度。请你帮他将实验方案补充完整。 (1)____________________________，记录弹簧测力计的示数F；
(2)用细线将重锤系在木块下方，将重锤浸没在水中，记录弹簧测力计的示数F1； (3)__________________________________________________________________；
(4)已知水的密度为ρ水，利用测量出的物理量，求出木块密度的表达式ρ木＝__________。 【答案】 (1). (1)用细线系住木块，挂在弹簧测力计下； (2). (3)将木块和重锤全部浸没在水中，记录弹簧测力计的示数F2； (3). (4)
·ρ水
【解析】（1）用细线系住木块，挂在弹簧测力计下，记录弹簧测力计的示数F； （3）将木块和重锤全部浸没在水中，记录弹簧测力计的示数F2；
（4）实验中已经用弹簧测力计测得木块所受的重力、木块与重锤的重力和减去重锤所受的浮力所得之差F1，若再测得木块与重锤的重力和减去木块和重锤受到的浮力之差F2，即可得木块浸没在水中所受的浮力F浮=F1-F2。 据阿基米德原理F浮=ρ水gV排，得：
，
物体浸没水中时体积V=V排，，
根据密度计算公式，得：，
即ρ木=•ρ水。
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点睛：本题是非常规题，难度较大，联系到浮力知识才能解答，以后做题要多读几遍题目，认真思考，培养综合解答问题的能力!在测固体的体积时，注意有时不用量筒，而是借助水这种特殊的物质，先计算出物体浸没水中受到的浮力，再根据阿基米德原理算出体积。 10. 如图甲所示电路，R2为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S，将滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表和电压表示数变化关系如图乙所示，则电源电压为______V，滑动变阻器
R1的最大阻值为_____Ω，电阻R2的阻值为_______Ω。
【答案】 (1). 4 ； (2). 15 ； (3). 5；
当电流为I′=0．8A时，滑动变阻器滑片在a端，电压表示数为0，U=I′R2② 两式联立：IR2+3V=I′R2，解得R2=5Ω，U=4V；
由I=U/R得：滑动变阻器R1的最大阻值：R1=U滑/I=3V/0．2A=15Ω。 考点：欧姆定律的应用 三、计算与推导题
11. 工人师傅想估测刚伐的一棵木料的重量（如图所示），可是身边没有合适的测量工具。一位老师傅过来走到木料的一端，用双手将木料的一端微微抬起，感受了一下，约400N；接着，再将木料另一端微微抬起，感受一下约600N。然后他告诉大家这一木料的重量约1000N。请你运用所学知识，通过计算分析说明老师傅做法的合理性。 ．．
【答案】合理；
【解析】将木料看作是一条杠杆，如图：
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木料的长为L，木料的重心离粗端的距离为L1，离细端的距离为L2；由杠杆平衡的条件可得：F1L=GL1，代入数据得：400N•L=G•L1 …① F2L=GL2，代入数据得：600N•L=GL2 …② 联立①②得：G=1000N。
通过以上计算可知，工人师傅的这种做法是合理的。
12. 小超在探究并联电路电流的实验时连接了如图甲所示的电路，只闭合开关S1时发现L1发光较亮，当再闭合S2时发现L1变暗了。他很好奇，在老师的帮助下得知：干电池内部本身存在电阻，其情况相当于一个理想电源与一电阻r串联(如乙虚线所示)。设L1、L2的电阻均为8 Ω，且灯丝电阻不随温度的变化而变化，电源电压为3 V,电源内阻r阻值为2 Ω。求： （1）请定性的分析：从只闭合S1到再闭合S2的过程中，灯泡L1变暗的原因？ （2）请通过计算定量的分析：从只闭合S1到再闭合S2的过程中，灯泡L1变暗的原因？
【答案】1）只闭合S1时：L1与r串联；当再闭合S2时：灯泡L1和L2并联后再与电源内阻r串联，L1和L2并联后的总电阻R并比R1小，根据串联电路的分压原理，R并分得电压变小即L1两端电压变小，根据P＝(2)只闭合开关S1时： I＝
可知，L1的实际功率变小，灯泡变暗。
＝0.3 A
L1两端的电压：U1＝IR1＝0.3 A×8 Ω＝2.4 V 闭合S1和S2时，L1、L2并联后再与电源内阻r串联，R并＝
＝4 Ω
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此时电路中的电流：I′＝＝0.5 A 则：I1′=0.25A
L1两端的电压：U1′＝I1′R1＝0.25 A×8 Ω＝2V 由此可知：L1两端的电压变小，由P＝
可知，L1的实际功率变小，灯泡变暗。
【解析】（1）只闭合S1时：L1与r串联；当再闭合S2时：灯泡L1和L2并联后再与电源内阻r串联，L1和L2并联后的总电阻R并比R1小，根据串联电路的分压原理，R并分得电压变小即L1两端电压变小，根据P＝
可知，L1的实际功率变小，灯泡变暗。
＝0.3 A
（2）只闭合开关S1时： I＝
L1两端的电压：U1＝IR1＝0.3 A×8 Ω＝2.4 V 闭合S1和S2时，L1、L2并联后再与电源内阻r串联，R并＝
＝4 Ω
此时电路中的电流：I′＝则：I1′=0.25A
＝0.5 A
L1两端的电压：U1′＝I1′R1＝0.25 A×8 Ω＝2V 由此可知：L1两端的电压变小，由P＝
可知，L1的实际功率变小，灯泡变暗。
点睛：本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取
决于实际功率的大小。
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